/*
统计方案的时候，我们只考虑字符串的内容。不同来源生成的同样的字符串只算一种方案。所以重点思考字符的来源。
以n=3n=3为例，可以打印出的长度为L的字符串总数=(使用第1行的字符集打印出的字符串总数+使用第2行的字符集打印出的字符串总数+使用第3行的字符集打印出的字符串总数)-(使用第1行或第2行的字符集打印出的字符串总数+使用第2行或第3行的字符集打印出的字符串总数+使用第1行或第3行的字符集打印出的字符串总数)+(使用第1行或第2行或第3行的字符集打印出的字符串总数)=(使用第1行的字符集打印出的字符串总数+使用第2行的字符集打印出的字符串总数+使用第3行的字符集打印出的字符串总数)?(使用第1行或第2行的字符集打印出的字符串总数+使用第2行或第3行的字符集打印出的字符串总数+使用第1行或第3行的字符集打印出的字符串总数)+(使用第1行或第2行或第3行的字符集打印出的字符串总数)。
由于nn不超过1818，可以用00到2^{18}-12 
18
 ?1表示每一行取或不取的可能性。从00到2^{18}-12 
18
 ?1枚举i，如果ii包含奇数个11，说明该组合在容斥原理中要“加上”；如果ii包含偶数个11，说明该组合在容斥原理中要“减去”。
设i包含kk个11，我们还要快速求出这kk个字符集的交集。因为字符集最多2626个字母，而int有3232位，因此用3232位整数作为位示图，其中低2626位对应2626个字母出现或不出现即可。*/
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef pair<int, int> pii;
const int maxn = 18;
const int mod = 998244353;
int n, L, mask[18];
char s[18][27];
ll ans;
ll qpow(ll a, ll b)
{
	ll re = 1;
	while (b != 0)
	{
		if ((b & 1) == 1)
			re = re * a % mod;
		a = a * a % mod;
		b >>= 1;
	}
	return re;
}
int Count(int x)
{
	int cnt = 0;
	while (x != 0)
	{
		if ((x & 1) == 1)
			cnt++;
		x >>= 1;
	}
	return cnt;
}
int main()
{
	scanf("%d%d", &n, &L);
	for (int i = 0; i < n; i++)
	{
		scanf("%s", s[i]);
		for (int j = 0; s[i][j] != '\0'; j++)
			mask[i] |= (1 << (s[i][j] - 'a'));
	}
	for (int i = 1; i < (1 << n); i++)
	{
		int ch = (1 << 26) - 1, cnt = 0;
		for (int j = 0; j < n; j++)
			if (((1 << j)&i) != 0)
				cnt++, ch &= mask[j];
		if ((cnt & 1) == 1)
			ans = (ans + qpow(Count(ch), L)) % mod;
		else
			ans = (ans + (mod - qpow(Count(ch), L)) % mod) % mod;
	}
	printf("%lld\n", ans);
	return 0;
}